(2009?上海模拟)边长为l、粗细均匀的N匝正方形线圈abcd,总质量为m...

恰好做匀速运动，说明线框完全进入磁场后接着出磁场，所以磁场的宽度等于线框的边长L．（2）当线框上边ad进入磁场，由于线框匀速运动线框受力平衡，有：F+mg=Mg 得：F=Mg-mg 线圈中产生感应电流I，由楞次定律可知产生阻碍

同轴线介电常数是指同轴电缆中介质对电场的响应能力，通常用ε_r表示，是介质相对于真空或空气的电容率。这一参数直接影响信号在电缆中的传播速度和效率。在选择同轴电缆时，需要考虑其介电常数，因为它与电缆的插入损耗、带宽和传输质量等性能密切相关。创远仪器作为行业领先的通信测试解决方案提供商，始终关注电缆性能的优化，为客户提供高质量的同轴电缆和测试设备。矢量网络分析 (VNA) 是最重要的射频和微波测量方法之一。 创远信科提供广泛的多功能、高性能网络分析仪（最高40GHz）和标准多端口解决方案。创远信科的矢量网络分析仪非常适用于分析无源及有源器件，比如滤波器、放大器、混频器及多端口模块。 ...

2L=114mgH；答：（1）线框ab端刚要进入磁场时的速度为2gH；（2）线框ab端刚进入磁场中产生的感应电动势大小为BL2gH；（3）线框穿越匀强磁场过程中产生的焦耳热为114mgH．

则有：交变电流的峰值为nBL2ωR；（2）从中性面计时，表达式为：e=EmsinωtV；（3）将2πt=60°代入e=nBL2ωsin60°=32nBL2ω； 答：（1）该线圈产生的交变电流的峰值为nBL2ωR；（2）线圈从图示位置转过60°时，

由平衡条件得：mg=B2L2vR，解得：v=mgRB2L2；（2）从cd边进入磁场到ab边刚穿出磁场过程中，穿过线圈的磁通量不变，线圈中没有感应电流，线圈只受重力作用，做加速度为g的匀加速直线运动，由速度位移公式得：v2-v′2=2gL，解得，

线框离开磁场过程，为阻碍线框向下离开磁场，线框受到向上的安培力，由此可知，在整个过程中线框受到的安培力始终向上，方向相同，故A错误，B正确；C、线框匀速通过磁场，动能不变，减少的重力势能转化为焦耳热，由能量守恒定律可知，线框产生的焦耳热：Q═2mgl，故C错误，D正确；故选：BD．

当线圈与磁场平行时感应电动势最大，最大值为 ，瞬时值表达式为 ，故B错误；感应电动势的有效值为 ，闭合电路欧姆定律 ，R产生的热量为Q=I 2 RT，周期 ，联立得 ，故C正确；线圈从图示位置转过180°的过程中，穿过线圈磁通量的变化量大小为 ，流过电阻R的电荷量为 ，故D错误。

B.边长增大到原来的两倍，则线圈所包围的面积为原来的四倍，同样时间内，通过线圈的磁通量变化是原来的四倍，线圈总长度加倍，因而电阻也加倍，综合考虑，电流会加倍。C.线圈匝数加倍，同样时间内，通过线圈的磁通量变化也加倍，电动势加倍，而线圈的总电阻也加倍，所以电流未变。D.同样时间内，通过线圈...

故A错误．B、做成边长仍为L的双匝线框，两匝线圈是串联关系，易得：m′=2m，R′=2R，E′=2E，而v减小，上述等式不成立，所以此方案不行，故B错误．C、设导线的电阻率为ρ电，密度为ρ，边长为L，横截面积是S．则v=mgRB2L2=ρ?4LSg?ρ电4LSB2L2=16gρρ电B2，与S、L无关，可知用同...

=BS=B× L 2 2 = B L 2 2 ；由题意可知，电流反向之后，需要在盘里增加砝码，则线圈所受安培力必定向上，根据左手定则可知，磁场方向是垂直纸面向外的，电流反向前，令弹簧的弹力为F，则有：F=G+nBIL 电流反向后，则有：F=G-nBIL+mg解得： B= mg 2nIL ...

当线圈完全离开时线圈克服安培力做功仍为W，设线圈最小速度为v，由动能定理得：F（s+L+d）-2W=12mv2，解得整个线圈穿越磁场的过程中线圈的最小速度为：2F(s+L?d)m，故B正确；C、线圈的最大速度时，线圈匀速运动，则有F=FB=BIL=B2L2vmR，最大速度vm=FRB2L2，故C正确；D、由于ab边刚进入...