...磁场方向垂直于纸面向里,磁感应强度大小为B,∠A=

故A正确；B、可知粒子的运动半径R=a，因此当θ=60°入射时，粒子恰好从A点飞出，故B正确；C、当θ=60°飞入的粒子在磁场中运动时间恰好是T6，是在磁场中运动时间最长；当θ=0°飞入的粒子在磁场中，粒子恰好从AC中点飞出，

再叠加另一个半径为R 1 （R 1 ＞R 0 ）圆形匀强磁场，磁场的磁感应强度的大小为 B 2 ，方向垂直于纸面向外，两磁场区域成同心圆，此时该离子源从圆心出发的粒子都能回到圆心，则R 1 的最小值和粒子运动的周期 28πm 3qB ．

解答：解：据题：所有粒子的速率相等，由r=mvqB可知所有粒子在磁场中圆周运动半径相同，由图可知，由O点射入水平向右的粒子恰好应为最右端边界，MO=2r=2R；随着粒子的速度方向偏转，粒子转动的轨迹圆可认为是以O点为圆心以2R为半径转动；则可得出符合题意的范围应为A；故A正确．故选：A．

所以ab段与cd段导线的安培力的合力为 ，方向竖直向上； 而bc段安培力的大小为BIL，方向是竖直向上．则导线段abcd所受到的磁场的作用力的合力大小为 方向是沿纸面向上．故选A点评：解决本题的关键掌握安培力的大小公式 （B与I垂直），同时运用力的平行四边形定则对安培力时行分解．此处的导线也...

由题意可知粒子在磁场中的运动半径R＝mvqB，所有粒子在磁场中半径相同，由图可知，由O点射入水平向右的粒子恰好应为最右端边界；随着粒子的速度方向偏转，粒子转动的轨迹边界圆可认为是以O点为圆心以2R为半径转动．则MN上有粒子到达的区域的长度是粒子运动半径的2倍．即X＝2mvqB．故选项B正确．故选...

（1） （2） （3） 试题分析：（1）设带电粒子射入磁场时的速度大小为v，由带电粒子射入匀强磁场的方向和几何关系可知，带电粒子在磁场中做圆周运动，圆心位于坐标原点，半径为l。 （2）设带电粒子在磁场中运动时间为 ，在电场中运动的时间为 ，总时间为t。 （3）带电粒子在电...

α粒子磁场中沿逆时针方向做匀速圆周运动，用R表示轨道半径，有qvB=mv2R由此得 R=mvqB代入数据得：R=20cm 因朝不同方向发射的α粒子的圆轨迹都过S，由此可知，某一圆轨迹以O圆心在图中N的左端与ab相切于P1点，由此O点为能打到感光平板上的α粒子圆轨迹圆心左侧最低位置，设此时α粒子从S射出...

（1）根据电子在第一、四象限内的偏转分析和左手定则可知：第一象限的磁场方向为垂直纸面向外…①第四象限的磁场方向为垂直纸面向内…②电子从b点射入的电子从O点射出，轨迹如图所示，则：由几何关系得其圆周运动的半径：R=L…③由牛顿运动定律有： e v 0 B=m v 20 R …④...

（1）设带电粒子的质量为m，电量为q，粒子在磁场中受到的洛伦兹力提供圆周运动的向心力，设圆周运动的半径为r，有： ①（2分）粒子能打在挡板上的临界情形如图a所示，所以粒子不打在挡板上，d应满足：d>2r ②（2分）由①②式并代入数据可得: （2分） （2）在挡板左侧，能打到挡...

解答：解：（1）从P点处射出的粒子与AC边的夹角为30°，这个角即为弦切角，由此可知：粒子自P处射出磁场时的速度方向必然与AC边成30°的夹角，作出粒子在磁场中的运动轨迹如图O1AP所示，△O1AP为等边三角形，可得粒子作圆周运动的半径为 r=l ①设粒子的速度大小为v，由牛顿第二定律有 qvB=mv2...