关于定积分可积条件的问题7
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发布时间：2023-11-03 00:49
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热心网友
时间：2024-12-02 14:40
然后先证明连续函数的情形，利用一致连续性，对任何e>0，存在d>0，当最大划分直径|x_{i+1}-x_i|<d的时候每个区间上振幅w=|f_max-f_min|<e/(b-a)，相加即得Riemann可积的充要条件\sum w_i*(x_{i+1}-x_i) < e。
对于有间断点的函数，不论哪类间断点，只要函数有界并且间断点可数，取一组小区间覆盖间断点，可以使这部分区间上\sum w_i*(x_{i+1}-x_i) < e/2，余下的区间按照连续函数可积的性质也有\sum w_i*(x_{i+1}-x_i) < e/2，这样就行了。
如果要例子，拿分段线性函数做例子就行了，按照等距划分算一下，以帮助理解为主，没必要搞很怪的例子。至于你举的那个积分，最好是用级数做，用定义去证明它等于pi^2/12完全是自找麻烦，即使有Newton-Leibniz公式和换元法作为辅助工具也不容易，而且ln(1+x)/x本质上讲没有间断点，并不是好的例子。
热心网友
时间：2024-12-02 14:40
是函数f在区间[a,b]上定义，对[a,b]作任意分划：
a=x0<x1<x2<……<xn=b,
对任意Ei属于[xi-1,xi](i=1,2,3,……,n)作和
f(E1)Δx1+f(E2)Δx2+……+f(En)Δxn,
其中Δxi=Xi-X(i-1)为小区间长度。若当λ=max{Δxi}-->0,上述和式总有极限I，则称函数f在[a,b]上riemann可积(简称可积)。
……
也就是说只要把函数分割成无数无穷小的小段，每个小段中任意取一个E，求f(E)Δx，只要这么多乘积的和随着分割的不断细化能趋向于某个数，就riemann可积了。
……
这个过程中只要符合条件，具体的分割方式以及每个小段里E的取法都是无所谓的
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所以如果函数里面有有限的第一类间断点，只要在求和过程中取E的时候不取这些间断点就可以了，积分的时候就可以无视这些间断点，当一般的连续函数来算了
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哦对了，以上的话是建立在连续函数可积的基础上讲的
区间内连续函数肯定是可积的，只要连续，振幅就可以达到任意小，这样的话达布上和和达布下和的差随着分割的不断细化就能无限接近0，这个是可积的充要条件。……
热心网友
时间：2024-12-02 14:40
此书在第七章,定积分的存在的条件中，就此问题给予详细解释解释，并有例子。
例如，黎曼函数，在无理数处连续，在有理数处不连续，在[0，1]上可积
热心网友
时间：2024-12-02 14:41
http://hi.baidu.com/zjhz8899/album/item/51aeb483c758cbf00df4d2ba.html#
