镁的化合物在生产生活中有着比较重要的用途.I、氢氧化镁是一种重要的绿色阻燃剂,某工厂合成氢氧化镁的
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发布时间:2022-04-29 15:16
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时间:2023-10-14 20:31
I、(1)Mg(OH)
2MgO+H
2O.氢氧化镁分解过程中吸收大量的热,能使可燃物的温度降到着火点以下,反应生成的水蒸气能稀释可燃物表面的氧气,生成氧化镁固体能隔绝氧气或空气,
故答案为:氢氧化镁分解要吸收大量的热;
(2)反应中元素化合价变化分析,6Fe(OH)
3+S
2O
42-+2OH
-=6Fe(OH)
2+2SO
42-+4H
2O,铁元素化合价降低转移电子6mol,反应的S
2O
42-的物质的量为1mol,每消耗0.5mol保险粉(Na
2S
2O
4)时,转移电子的数目是3N
A,故答案为:3;
(3)EDTA与溶液中的Fe
2+反应可生成易溶于水的物质,而不与Mg(OH)
2反应.步骤②中加入EDTA最终能够将Fe(OH)
2除去并获得高纯度的Mg(OH)
2的原因Fe(OH)
2悬浊液中存在如下沉淀溶解平衡:Fe(OH)
2?Fe
2++2OH
-,当不断滴入EDTA时,EDTA将结合Fe
2+,促使沉淀溶解平衡向右移动而溶解,
故答案为:Fe(OH)
2悬浊液中存在如下沉淀溶解平衡:Fe(OH)
2?Fe
2++2OH
-,当不断滴入EDTA时,EDTA将结合Fe
2+,促使沉淀溶解平衡向右移动而溶解;
Ⅱ、9.03g碱式碳酸盐中,含:
n(Mg
2+)=n[Mg(OH)
2]=
=0.09mol
n(Al
3+)=2n(Al
2O
3)=2×(5.13g-0.09mol×40g/mol)÷102g/mol=0.03mol
n(CO
32-)=n(CO
2)=
=0.015 mol
n(OH
-)=(0.09mol×2+0.03mol×3-0.015mol×2)=0.24mol
n(H
2O)=(9.03g-0.09mol×24g/mol-0.03mol×27g/mol-0.015mol×60g/mol-0.24mol×17g/mol)÷18g/mol=0.06mol
所以n(Al
3+):n(Mg
2+):n(OH
-):n(CO
32-):n(H
2O)=0.03mol:0.09mol:0.24mol:0.015mol:0.06mol=2:6:16:1:4;
即碱式碳酸盐的化学式为:Al
2Mg
6(OH)
16CO
3?4H
2O,
故答案为:Al
2Mg
6(OH)
16CO
3?4H
2O.
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时间:2023-10-14 20:31
I、(1)Mg(OH)
2MgO+H
2O.氢氧化镁分解过程中吸收大量的热,能使可燃物的温度降到着火点以下,反应生成的水蒸气能稀释可燃物表面的氧气,生成氧化镁固体能隔绝氧气或空气,
故答案为:氢氧化镁分解要吸收大量的热;
(2)反应中元素化合价变化分析,6Fe(OH)
3+S
2O
42-+2OH
-=6Fe(OH)
2+2SO
42-+4H
2O,铁元素化合价降低转移电子6mol,反应的S
2O
42-的物质的量为1mol,每消耗0.5mol保险粉(Na
2S
2O
4)时,转移电子的数目是3N
A,故答案为:3;
(3)EDTA与溶液中的Fe
2+反应可生成易溶于水的物质,而不与Mg(OH)
2反应.步骤②中加入EDTA最终能够将Fe(OH)
2除去并获得高纯度的Mg(OH)
2的原因Fe(OH)
2悬浊液中存在如下沉淀溶解平衡:Fe(OH)
2?Fe
2++2OH
-,当不断滴入EDTA时,EDTA将结合Fe
2+,促使沉淀溶解平衡向右移动而溶解,
故答案为:Fe(OH)
2悬浊液中存在如下沉淀溶解平衡:Fe(OH)
2?Fe
2++2OH
-,当不断滴入EDTA时,EDTA将结合Fe
2+,促使沉淀溶解平衡向右移动而溶解;
Ⅱ、9.03g碱式碳酸盐中,含:
n(Mg
2+)=n[Mg(OH)
2]=
=0.09mol
n(Al
3+)=2n(Al
2O
3)=2×(5.13g-0.09mol×40g/mol)÷102g/mol=0.03mol
n(CO
32-)=n(CO
2)=
=0.015 mol
n(OH
-)=(0.09mol×2+0.03mol×3-0.015mol×2)=0.24mol
n(H
2O)=(9.03g-0.09mol×24g/mol-0.03mol×27g/mol-0.015mol×60g/mol-0.24mol×17g/mol)÷18g/mol=0.06mol
所以n(Al
3+):n(Mg
2+):n(OH
-):n(CO
32-):n(H
2O)=0.03mol:0.09mol:0.24mol:0.015mol:0.06mol=2:6:16:1:4;
即碱式碳酸盐的化学式为:Al
2Mg
6(OH)
16CO
3?4H
2O,
故答案为:Al
2Mg
6(OH)
16CO
3?4H
2O.
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时间:2023-10-14 20:31
I、(1)Mg(OH)
2MgO+H
2O.氢氧化镁分解过程中吸收大量的热,能使可燃物的温度降到着火点以下,反应生成的水蒸气能稀释可燃物表面的氧气,生成氧化镁固体能隔绝氧气或空气,
故答案为:氢氧化镁分解要吸收大量的热;
(2)反应中元素化合价变化分析,6Fe(OH)
3+S
2O
42-+2OH
-=6Fe(OH)
2+2SO
42-+4H
2O,铁元素化合价降低转移电子6mol,反应的S
2O
42-的物质的量为1mol,每消耗0.5mol保险粉(Na
2S
2O
4)时,转移电子的数目是3N
A,故答案为:3;
(3)EDTA与溶液中的Fe
2+反应可生成易溶于水的物质,而不与Mg(OH)
2反应.步骤②中加入EDTA最终能够将Fe(OH)
2除去并获得高纯度的Mg(OH)
2的原因Fe(OH)
2悬浊液中存在如下沉淀溶解平衡:Fe(OH)
2?Fe
2++2OH
-,当不断滴入EDTA时,EDTA将结合Fe
2+,促使沉淀溶解平衡向右移动而溶解,
故答案为:Fe(OH)
2悬浊液中存在如下沉淀溶解平衡:Fe(OH)
2?Fe
2++2OH
-,当不断滴入EDTA时,EDTA将结合Fe
2+,促使沉淀溶解平衡向右移动而溶解;
Ⅱ、9.03g碱式碳酸盐中,含:
n(Mg
2+)=n[Mg(OH)
2]=
=0.09mol
n(Al
3+)=2n(Al
2O
3)=2×(5.13g-0.09mol×40g/mol)÷102g/mol=0.03mol
n(CO
32-)=n(CO
2)=
=0.015 mol
n(OH
-)=(0.09mol×2+0.03mol×3-0.015mol×2)=0.24mol
n(H
2O)=(9.03g-0.09mol×24g/mol-0.03mol×27g/mol-0.015mol×60g/mol-0.24mol×17g/mol)÷18g/mol=0.06mol
所以n(Al
3+):n(Mg
2+):n(OH
-):n(CO
32-):n(H
2O)=0.03mol:0.09mol:0.24mol:0.015mol:0.06mol=2:6:16:1:4;
即碱式碳酸盐的化学式为:Al
2Mg
6(OH)
16CO
3?4H
2O,
故答案为:Al
2Mg
6(OH)
16CO
3?4H
2O.
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时间:2023-10-14 20:31
I、(1)Mg(OH)
2MgO+H
2O.氢氧化镁分解过程中吸收大量的热,能使可燃物的温度降到着火点以下,反应生成的水蒸气能稀释可燃物表面的氧气,生成氧化镁固体能隔绝氧气或空气,
故答案为:氢氧化镁分解要吸收大量的热;
(2)反应中元素化合价变化分析,6Fe(OH)
3+S
2O
42-+2OH
-=6Fe(OH)
2+2SO
42-+4H
2O,铁元素化合价降低转移电子6mol,反应的S
2O
42-的物质的量为1mol,每消耗0.5mol保险粉(Na
2S
2O
4)时,转移电子的数目是3N
A,故答案为:3;
(3)EDTA与溶液中的Fe
2+反应可生成易溶于水的物质,而不与Mg(OH)
2反应.步骤②中加入EDTA最终能够将Fe(OH)
2除去并获得高纯度的Mg(OH)
2的原因Fe(OH)
2悬浊液中存在如下沉淀溶解平衡:Fe(OH)
2?Fe
2++2OH
-,当不断滴入EDTA时,EDTA将结合Fe
2+,促使沉淀溶解平衡向右移动而溶解,
故答案为:Fe(OH)
2悬浊液中存在如下沉淀溶解平衡:Fe(OH)
2?Fe
2++2OH
-,当不断滴入EDTA时,EDTA将结合Fe
2+,促使沉淀溶解平衡向右移动而溶解;
Ⅱ、9.03g碱式碳酸盐中,含:
n(Mg
2+)=n[Mg(OH)
2]=
=0.09mol
n(Al
3+)=2n(Al
2O
3)=2×(5.13g-0.09mol×40g/mol)÷102g/mol=0.03mol
n(CO
32-)=n(CO
2)=
=0.015 mol
n(OH
-)=(0.09mol×2+0.03mol×3-0.015mol×2)=0.24mol
n(H
2O)=(9.03g-0.09mol×24g/mol-0.03mol×27g/mol-0.015mol×60g/mol-0.24mol×17g/mol)÷18g/mol=0.06mol
所以n(Al
3+):n(Mg
2+):n(OH
-):n(CO
32-):n(H
2O)=0.03mol:0.09mol:0.24mol:0.015mol:0.06mol=2:6:16:1:4;
即碱式碳酸盐的化学式为:Al
2Mg
6(OH)
16CO
3?4H
2O,
故答案为:Al
2Mg
6(OH)
16CO
3?4H
2O.
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时间:2023-10-14 20:31
I、(1)Mg(OH)
2MgO+H
2O.氢氧化镁分解过程中吸收大量的热,能使可燃物的温度降到着火点以下,反应生成的水蒸气能稀释可燃物表面的氧气,生成氧化镁固体能隔绝氧气或空气,
故答案为:氢氧化镁分解要吸收大量的热;
(2)反应中元素化合价变化分析,6Fe(OH)
3+S
2O
42-+2OH
-=6Fe(OH)
2+2SO
42-+4H
2O,铁元素化合价降低转移电子6mol,反应的S
2O
42-的物质的量为1mol,每消耗0.5mol保险粉(Na
2S
2O
4)时,转移电子的数目是3N
A,故答案为:3;
(3)EDTA与溶液中的Fe
2+反应可生成易溶于水的物质,而不与Mg(OH)
2反应.步骤②中加入EDTA最终能够将Fe(OH)
2除去并获得高纯度的Mg(OH)
2的原因Fe(OH)
2悬浊液中存在如下沉淀溶解平衡:Fe(OH)
2?Fe
2++2OH
-,当不断滴入EDTA时,EDTA将结合Fe
2+,促使沉淀溶解平衡向右移动而溶解,
故答案为:Fe(OH)
2悬浊液中存在如下沉淀溶解平衡:Fe(OH)
2?Fe
2++2OH
-,当不断滴入EDTA时,EDTA将结合Fe
2+,促使沉淀溶解平衡向右移动而溶解;
Ⅱ、9.03g碱式碳酸盐中,含:
n(Mg
2+)=n[Mg(OH)
2]=
=0.09mol
n(Al
3+)=2n(Al
2O
3)=2×(5.13g-0.09mol×40g/mol)÷102g/mol=0.03mol
n(CO
32-)=n(CO
2)=
=0.015 mol
n(OH
-)=(0.09mol×2+0.03mol×3-0.015mol×2)=0.24mol
n(H
2O)=(9.03g-0.09mol×24g/mol-0.03mol×27g/mol-0.015mol×60g/mol-0.24mol×17g/mol)÷18g/mol=0.06mol
所以n(Al
3+):n(Mg
2+):n(OH
-):n(CO
32-):n(H
2O)=0.03mol:0.09mol:0.24mol:0.015mol:0.06mol=2:6:16:1:4;
即碱式碳酸盐的化学式为:Al
2Mg
6(OH)
16CO
3?4H
2O,
故答案为:Al
2Mg
6(OH)
16CO
3?4H
2O.
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I、(1)Mg(OH)
2MgO+H
2O.氢氧化镁分解过程中吸收大量的热,能使可燃物的温度降到着火点以下,反应生成的水蒸气能稀释可燃物表面的氧气,生成氧化镁固体能隔绝氧气或空气,
故答案为:氢氧化镁分解要吸收大量的热;
(2)反应中元素化合价变化分析,6Fe(OH)
3+S
2O
42-+2OH
-=6Fe(OH)
2+2SO
42-+4H
2O,铁元素化合价降低转移电子6mol,反应的S
2O
42-的物质的量为1mol,每消耗0.5mol保险粉(Na
2S
2O
4)时,转移电子的数目是3N
A,故答案为:3;
(3)EDTA与溶液中的Fe
2+反应可生成易溶于水的物质,而不与Mg(OH)
2反应.步骤②中加入EDTA最终能够将Fe(OH)
2除去并获得高纯度的Mg(OH)
2的原因Fe(OH)
2悬浊液中存在如下沉淀溶解平衡:Fe(OH)
2?Fe
2++2OH
-,当不断滴入EDTA时,EDTA将结合Fe
2+,促使沉淀溶解平衡向右移动而溶解,
故答案为:Fe(OH)
2悬浊液中存在如下沉淀溶解平衡:Fe(OH)
2?Fe
2++2OH
-,当不断滴入EDTA时,EDTA将结合Fe
2+,促使沉淀溶解平衡向右移动而溶解;
Ⅱ、9.03g碱式碳酸盐中,含:
n(Mg
2+)=n[Mg(OH)
2]=
=0.09mol
n(Al
3+)=2n(Al
2O
3)=2×(5.13g-0.09mol×40g/mol)÷102g/mol=0.03mol
n(CO
32-)=n(CO
2)=
=0.015 mol
n(OH
-)=(0.09mol×2+0.03mol×3-0.015mol×2)=0.24mol
n(H
2O)=(9.03g-0.09mol×24g/mol-0.03mol×27g/mol-0.015mol×60g/mol-0.24mol×17g/mol)÷18g/mol=0.06mol
所以n(Al
3+):n(Mg
2+):n(OH
-):n(CO
32-):n(H
2O)=0.03mol:0.09mol:0.24mol:0.015mol:0.06mol=2:6:16:1:4;
即碱式碳酸盐的化学式为:Al
2Mg
6(OH)
16CO
3?4H
2O,
故答案为:Al
2Mg
6(OH)
16CO
3?4H
2O.
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